Per la determinazione del pH di una miscela di acido forte e di una base debole bisogna sapere se vi è un reagente in eccesso e conoscere i coefficienti stechiometrici della reazione. È necessario quindi conoscere le moli di ciascun reagente e la costante basica della base debole
Si possono verificare 3 casi per ognuno dei quali si propone un esercizio ovvero:
- eccesso di acido forte
- eccesso di base debole
- quantità equimolari di acido forte e base debole
Esercizi sulla determinazione del pH di una miscela di acido forte e base debole
Primo caso
L’acido forte è in eccesso. In tal caso si calcolano le moli di acido in eccesso e supposti i volumi delle due soluzioni additivi, si calcola il volume totale e la concentrazione dell’acido da cui il pH
Determinare il pH di una soluzione ottenuta mescolando 100.0 mL di CH3NH2 0.200 M ( Kb = 4.40· 10-4) con 300.0 mL di HCl 0.100 M
Si calcolano le moli dalla formula moli = Molarità · Volume dove il volume è espresso in Litri
moli di CH3NH2 = 0.200 · 0.100 L = 0.0200
moli di HCl = 0.100 · 0.300 L = 0.0300
Pertanto le moli di acido in eccesso sono pari a 0.0300 – 0.0200 = 0.0100
Volume totale = 300 + 100 = 400 mL
[H+] = 0.0100 mol/ 0.400 L = 0.0250 M
pH = – log 0.0250 = 1.60
Secondo caso
La base debole è in eccesso. In tal caso le moli di acido sono pari a quelle dell’acido coniugato formate e le moli di base ancora presenti sono calcolate per differenza. Questa è una soluzione tampone in cui è presente una base debole e il suo acido coniugato e, per conoscere il pH, si utilizza l’equazione di Henderson-Hasselbalch
Determinare il pH di una soluzione ottenuta mescolando 100.0 mL di CH3NH2 0.200 M ( Kb = 4.40· 10-4) con 20.0 mL di HCl 0.100 M
moli di CH3NH2 = 0.200 · 0.100 L = 0.0200
moli di HCl = 0.100 · 0.0200 L = 0.00200
Le moli di CH3NH3+, acido coniugato di CH3NH2 ottenute dalla reazione tra l’acido e la base, sono pari a 0.00200
Le moli di CH3NH2 in eccesso sono pari a 0.0200 – 0.00200 = 0.0180
Volume totale = 100 + 20 = 120 mL
[CH3NH3+] = 0.00200/0.120 = 0.0167 M
[CH3NH2] = 0.0180/ 0.120 L = 0.150 M
Per applicare l’equazione di Henderson-Hasselbalch si calcola il pKb
pKb = – log 4.40· 10-4 = 3.36
pOH = 3.36 + log 0.0167/0.150 =2.41
da cui pH = 14 – pOH = 14 – 2.41=11.6
Terzo caso
Il numero di moli di acido forte è uguale a quello della base debole. In questo caso si forma lo stesso numero di moli di acido coniugato che idrolizza. Pertanto questo è un caso di idrolisi
Determinare il pH di una soluzione ottenuta mescolando 100.0 mL di CH3NH2 0.200 M ( Kb = 4.40· 10-4) con 200.0 mL di HCl 0.100 M
moli di CH3NH2 = 0.200 · 0.100 L = 0.0200
moli di HCl = 0.100 · 0.200 L = 0.0200
Ciò implica che si formano 0.0200 moli di CH3NH3+
Il volume totale è pari a 100 + 200 = 300 mL
[CH3NH3+] = 0.0200/0.300 =0.0667 M
Lo ione CH3NH3+ idrolizza secondo l’equilibrio:
CH3NH3+ + H2O ⇄ CH3NH2 + H3O+
Il valore della costante relativa a questo equilibrio detta Ka è pari a:
Ka = Kw/Kb dove Kw è il prodotto ionico dell’acqua che vale 1.00 · 10-14
Da cui Ka =1.00 · 10-14 / 4.40· 10-4= 2.27 · 10-11
L’espressione della costante relativa a questo equilibrio è:
2.27 · 10-11 = [CH3NH2][ H3O+]/[CH3NH3+]
All’equilibrio:
[CH3NH3+] = 0.00667 -x
[CH3NH2]=[ H3O+] = x
Sostituendo nell’espressione della costante di equilibrio si ha:
2.27 · 10-11 = (x)(x)/ 0.00667-x
Trascurando la x sottrattiva al denominatore si ha:
x = 2.27 · 10-11)(0.00667) = 3.89 · 10-7
da cui pH = – log 3.89 · 10-7 = 5.60